3．为了提高全民健身意识，增强国民体质，相关部门在居民区里安装了图2所示的健身器材，下列器材在使用过程中为了减小摩擦的是（ ）
4．语音智能门禁系统能“辨音识人”，这主要是依据声音的（ ） A．音色 B．音调 C．响度 D．频率
5．如图所示的四个实例中，属于增大压强的是（ ）
6．下列措施中，能使蒸发减慢的是（ ）
A．把盛有酒精的瓶口盖严 B．把湿衣服晾在通风向阳处 C．用电吹风给湿头发吹风 D．将地面上的积水向周围扫开 7．如图所示的工具中，使用时属于费力杠杆的是（ ）
8．下列事例中，属于用热传递的方式改变物体内能的是（ ） A．用锯条锯木头，锯条温度升高 B．用炉灶烧水，水温升高 C．气缸内气体被压缩，温度升高 D．用力搓手，手会发热
9．如图所示，下列说法正确的是（ ）
A． B．
物体的长度为2.2m 通电螺线管左端为S极
C． D．
弹簧测力计的示数为2N 温度计的读数为43℃ 10．关于安全用电，下列做法中正确的是（ ） A．更换灯泡时先断开电源开关 B．在高压线下放风筝
C．家用电器电线绝缘皮破损了仍继续使用 D．用湿布擦拭正在工作的电视机
11．如图所示电路中，电源电压保持不变，当变阻器滑片P向右移动时，电表示数变大的是（
）
A． B． C． D．
12．小明参观了中国科技馆“探索与发现”展厅A区后，用矿泉水瓶和小玻璃瓶制作了“浮沉子”如图所示。他将装有适量水的小玻璃瓶瓶口朝下，使其漂浮在瓶内的水面上，矿泉水瓶内留有少量空气，拧紧瓶盖使其密封，当用力挤压矿泉水瓶侧面，“浮沉子”下沉，松手后“浮沉子”即上浮。下列说法错误的是（ ）
A．“浮沉子”漂浮时，所受重力等于它受到的浮力 B．“浮沉子”下沉时，所受重力大于它受到的浮力
C．“浮沉子”上浮时，玻璃瓶内的压缩空气会将内部的水压出 D．无论怎样挤压矿泉水瓶侧面，“浮沉子”都不可能悬浮在水中
13．家用电器除了正常工作消耗电能外，其待机时也消耗电能，因此尽量减少非必要的待机时间能有效节省电能。表为家用制冷空调、微波炉及电视机顶盒的功率参数。则下列关于表中用电器的选项正确的是（ ） 名称
正常工作功
率
制冷空调 微波炉 机顶盒
2600W 1400W 15.58W
待机功率 1.11W 0.86W 15.2W
A．正常工作时，制冷空调两端的电压最高 B．正常工作时，制冷空调消耗的电能最多 C．待机时，电视机顶盒消耗电能最快 D．待机时，通过表中用电器的电流相等
14．如图为某蹦床运动员从床面上A点起跳后腾空瞬间的照片，根据照片信息判断下列说法正确的是（ ）
A．此时运动员脚尖到床面的距离约为1.8m B．运动员上升到最高点时，速度为零，合力为零 C．运动员在空中下落的过程中，重力的功率越来越小 D．运动员在空中上升的过程中，动能和重力势都能增大
15．如图所示，水平桌面上有两个完全相同的溢水杯，杯中装满不同的液体。将两个完全相同的小球分别放入溢水杯中，甲杯溢出0.9N的液体，乙杯溢出0.8N的液体。则（ ）
A．小球在甲杯中受浮力，在乙杯中不受浮力 B．小球重0.9N，在乙杯中受到的浮力是0.8N C．甲杯对桌面的压强小于乙杯对桌面的压强 D．液体对甲杯底的压强小于液体对乙杯底的压强
二、多项选择题（下列各小题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个．共14分每小题2分．每小题选项全选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的不得分） 16．下列说法正确的是（ ） A．正电荷定向移动的方向为电流方向 B．同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引 C．家用电热水器的发热体用的是超导体材料
D．利用撒在磁体周围的铁屑可以判断该磁体周围各点的磁场方向
17．为了节约能源，减轻污染，人类发明了太阳能汽车，如图所示为试验中的流线型无人驾驶太阳能汽车，下列说法正确的是（ ）
A．太阳能是一种不可再生能源 B．太阳能电池可将太阳能转化为电能
C．测试时可以利用电磁波实现远程操控太阳能汽车
D．太阳能汽车快速行驶时对地面的压力比静止时大 18．下列说法正确的是（ ） A．温度高的物体含有的热量多
B．组成物质的分子之间同时存在引力和斥力
C．公园里花开时满园飘香，表明分子在不停地做无规则运动
D．煤的热值比干木柴的大，煤燃烧时放出的热量比干木柴燃烧时放出的热量多
19．如图为某物质熔化时温度随加热时间变化而变化的图象（加热装置的功率不变），从图中能得到的正确信息是（ ）
A．该物质为晶体，熔点为0℃ B．熔化过程持续了4min
C．该物质在AB段的比热容比在CD段小 D．该物质在B、C两点时温度、内能都相同
20．如图所示，①②③④为探究物理规律的四个实验，abcd为物理规律的应用实例，箭头表示规律和应用之间的对应关系，其中对应关系正确的是（ ）
A．A B．B C．C D．D
21．小林想测量额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率P及正常发光时的电阻R，设计了如图甲所示的实验电路。 实验中，当小灯泡正常发光时，电压表的示数为U，电流表示数I如图乙所示。则下列四个选项正确的是（ ）
A．I=2.5A B．R=5Ω C．P=5W D．U=2.5V
22．下列说法正确的是（ ）
A．探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系时，需要控制通过线圈的电流一定 B．探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系时，需要控制拉力一定 C．探究液体内部的压强规律时，多次改变液体密度和液体深度，是为了减小误差 D．探究阻力对物体运动的影响时，进行多次实验是为了推出运动不需要力来维持
三、实验解答题（共36分，23、29题各3分，26、30题各5分，25、28题各7分，24题4分，27题2分）
23．（3分）小明在探究平面镜成像特点时，准备了图中的实验器材。请回答问题：
（1）小明选透明玻璃板代替平面镜进行实验，其目的是便于 。
（2）比较像与物的大小关系时，小明应选蜡烛B和 （选填字母）进行实验。
（3）小明将光屏放在烛焰所成像的位置时，发现光屏上并没有呈现烛焰的像，说明平面镜所成的像是 像（选填“虚”、“实”）。
24．（4分）如图为“探究杠杆平衡条件”的实验装置，请按要求完成下列问题：
（1）如图甲所示，为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向 侧调节。实验中将杠杆调成水平平衡的目的是 。
（2）如图乙所示，杠杆恰好处于水平平衡状态，若在A处下方再挂一个钩码，则B处所挂钩码须向右移动 格，才可使杠杆在水平位置再次平衡。
25．（7分）小刚用天平和量筒测金属块的密度时，进行了下列操作。请回答问题：
（1）将天平放在水平台面上，游码归零后，发现指针指示的位置如图甲所示，他应将平衡螺母向 调节（选填“左”或“右”），才能使天平水平平衡。
（2）用调节好的天平测金属块质量时，天平平衡后，砝码及游码在标尺上的位置如图乙所示，则金属块质量m= g。
（3）用细线系住金属块放入装有20mL水的量筒内，水面如图丙所示，则金属块体积V= cm，计算出金属块密度ρ= g/cm。
（4）完成上述实验后，小刚又用弹簧测力计和密度为ρ的金属块，测出了如图丁所示烧杯中盐水的密度。请将实验步骤补充完整：
①用调好的弹簧测力计测出金属块在空气中重力为G； ② ，记录此时弹簧测力计的示数为F； ③请用G、F和ρ表示盐水密度，则ρ盐水= 。
26．（5分）小军在“探究凸透镜成像规律”的实验中，选择了焦距为12cm的凸透镜。
3
3
（1）他将蜡烛、凸透镜和光屏安放在光具座上，并将烛焰的中心、透镜光心及光屏的中心调到 。 （2）如图所示，保持蜡烛和凸透镜的位置不变，要使光屏上得到一个倒立、放大清晰的实像，应将光屏向 （选填“左”或“右”）移动。生活中人们利用这一原理制成了 （选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）。
（3）当蜡烛燃烧变短后，烛焰的像偏离光屏中心向上移动。请根据此现象提出一个可以探究的科学问题： 。
27．小月探究“电路中电阻箱两端电压U 与通过它的电流I 的关系”时，记录的实验数据如表。请根据表中数据归纳判断：当I=0.3A时，U= V。 I/A U/V
0.6 9
0.8 8
1.0 7
1.2 6
1.4 5
1.6 4
28．（7分）小亮想探究电流通过电阻时产生的热量Q与电阻R的关系。他选用了以下实验器材：两个完全相同的烧瓶，烧瓶内分别装有质量和初温相同的水和煤油，相同的温度计A和B、阻值为R1和R2的电阻丝（R1＜R2），还有满足实验要求的电源、滑动变阻器、电流表、开关、导线。他连接了如图所示的电路，进行了如下实验：闭合开关通电一段时间后，记录下温度计A的示数为t1，温度计B的示数为t2，发现t1＜t2．请根据以上叙述回答下列问题：
（1）小亮计划探究的问题中的自变量是 ，因变量是 。 （2）实验中是通过观察 来反映电流产生热量的多少的。
（3）通过上述实验现象小亮认为：在电流和通电时间相同时，电阻越大，产生热量越多。请指出小亮实验过程中存在的问题： ，并写出改进措施： 。
（4）若用该实验装置探究电流通过电阻时产生的热量Q与电流I的关系，还需要增加的测量仪器是 。
29．（3分）物理活动课上，小明用实验方法判断鸡蛋的生与熟。他用手先将鸡蛋在水平桌面上旋转起来如图所示，再轻压按停旋转的鸡蛋，松手后，发现鸡蛋还能继续旋转起来，由此他认为该鸡蛋是生的。小明的判断是否正确？请用惯性知识简要说明。
30．（5分）实验桌上有电源、开关、导线、电阻箱、滑动变阻器、已调零的电流表、电压表各一块。请利用这些器材探究“串联电路中，当电流一定时，电阻越大，电阻两端的电压越大。” （1）画出实验电路图； （2）写出实验步骤； （3）画出实验数据记录表格。
四、科普阅读题（共4分）
31．（4分）请阅读《汽车发动机与防冻冷却液》并回答问题。 汽车发动机与防冻冷却液
汽车四冲程发动机每个工作循环是由吸气冲程、压缩冲程、做功冲程和排气冲程组成。发动机工作时，可燃混合气在汽缸内燃烧的温度可达2000℃以上。活塞、汽缸和气门等直接与高温可燃混合气接触的零部件受热，会导致发动机工作温度过高，引起燃烧不正常，甚至发生爆震或早燃。这不仅能使润滑油燃损或变质，润滑能力下降，零部件急剧磨损，而且还会出现卡死、损坏等现象。为了避免上述恶果发生，必须采用合理的冷却方法，使发动机保持在一定的温度范围内工作，保证发动机长期正常运转。
汽车行驶时，为了避免发动机的温度升得很高，通常利用防冻冷却液在散热器管道内循环流动，带走发动机多余的热量，使发动机能在正常温度范围内工作。防冻冷却液主要由水和防冻剂混合而成。防冻剂，简称原液，它具有不易汽化、密度比水小等特性。防冻冷却液中防冻剂含量（防冻剂占防冻冷却液体积的比例）越高，防冻冷却液的比热容就越小。汽车发动机用防冻冷却液降温时，通常要求防冻冷却液的凝固点应至少比环境最低温度低10℃，而沸点要高于发动机最高工作温度5℃以上。如图甲是某种防冻冷却液的凝固点与原液含量的关系，该种防冻冷却液的沸点与原液含量的关系如图乙所示。汽车使用与保养时，应合理选择防冻冷却液。
请根据上述材料，回答下列问题：
（1）四冲程发动机工作过程中将机械能转化为内能的是 冲程。 （2）请举出一个防冻冷却液中的防冻剂的特性： 。
（3）据天气预报可知：北京城区冬天的最低气温可达﹣17℃．设某汽车的发动机工作温度为90～101℃，该汽车在北京城区使用时，请回答下列问题：
①用如图20中特性的防冻液时，选下列原液含量为 （填字母）的效果最好。 A．35% B． 45% C．55% D．65% ②请简述选用的理由。
五、计算题（共6分，每小题3分）
32．（3分）如图所示，电源两端的电压保持不变。电阻R1的阻值为20Ω，电阻R2的阻值为5Ω，当只闭合开关S时，电流表的示数为0.3A。 求：（1）电源两端的电压U；
（2）当开关S、S1都闭合时，电路消耗的总功率P。
33．（3分）如图是用滑轮组提升物体A的示意图，物体A受到的重力大小为GA．在匀速竖直提升物体A的过程中，物体A上升的速度大小为vA=0.4m/s。已知：GA=400N，G动=100N，绳重、轮与轴的摩擦均可忽略不计。求：（1）绳子自由端的速度大小v绳； （2）滑轮组的机械效率为η； （3）拉力F做功的功率P。
2018年北京市石景山区中考物理一模试卷
参考答案与试题解析
一、单项选择题（下列各小题均有四个选项，其中只有一个选项符合题意．共30分，每小题2分） 1．下列餐具中，通常情况下属于导体的是（ ） A．玻璃杯 B．竹筷 C．陶瓷碗 D．不锈钢汤匙 【分析】根据常见的导体和绝缘体进行判断。
常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。 常见的绝缘体包括：塑料、陶瓷、橡胶、空气、玻璃等。 【解答】解：玻璃、陶瓷、竹筷是常见的绝缘体。 不锈钢汤匙是金属制品，是导体。 故选：D。
【点评】常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘体包括：干木材、塑料、橡胶、陶瓷等。导体和绝缘体没有明显的界线，在条件改变时是可以相互转化的。
2．如图所示的四种现象中，属于光的反射现象的是（ ）
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
【解答】解：A、我国古代利用日晷晷针影子变化计时是利用了沿直线传播，故与题意不符；
B、平静水面上桥的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，符合题意。
C、月食是自然界的一种现象，当太阳、地球、月球三者恰好或几乎在同一条直线上时（地球在太阳和月球之间），太阳到月球的光线便会部分或完全地被地球掩盖，产生月食；故与题意不符；
D、小孔成像，成的是物体倒立的像，像之所以是倒立的，就是因为光的直线传播造成的，故与题意不符； 故选：B。
【点评】此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
3．为了提高全民健身意识，增强国民体质，相关部门在居民区里安装了图2所示的健身器材，下列器材在使用过程中为了减小摩擦的是（ ）
【分析】（1）增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，增大压力、增大摩擦力；在压力一定时，增大接触面的粗糙程度、增大摩擦力。
（2）减小摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力、减小摩擦力；在压力一定时，减小接触面的粗糙程度、减小摩擦力；使接触面脱离；用滚动摩擦代替滑动摩擦。
【解答】解：A、划船器座椅上的凸起圆点，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A不符合题意；
B、背部按摩器上的凸起圆点，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故B不符合题意；
C、漫步机上的脚踏滚动圆环，是用滚动代替滑动来减小摩擦。故C符合题意；
D、腿部按摩器上的楞条形花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故D不符合题意。 故选：C。
【点评】本题在考查影响滑动摩擦力大小的两个因素的同时，也考查了学生运用所学知识分析实际问题的能力，要求学生在生活中多注意观察，并学会应用，增大有益摩擦，减小有害摩擦，使其更好地为人类服务。
4．语音智能门禁系统能“辨音识人”，这主要是依据声音的（ ） A．音色 B．音调 C．响度 D．频率
【分析】不同人的声带振动产生的声音的音色不同；不同人发声的音调、响度是可以相同的。
【解答】解：声音的特征有：音调、响度、音色；音调指声音的高低，响度指声音的大小（或强弱），音色是由发声体本身决定的，不同的发声体，其音调和响度可能相同，但音色一般不同；“辨音识人”，判断的主要依据就是声根据不同人声带振动产生的音色不同。 故选：A。
【点评】解决此类问题要要会根据响度、音色和音调的定义区分声音特征的三个因素。
5．如图所示的四个实例中，属于增大压强的是（ ）
【分析】增大压强的方法：是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；是在受力面积一定时，通过增大压力来增大压强。
减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。
【解答】解：A、书包背带较宽，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故A不合题意； B、运输车装有很多轮子，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故B不合题意；
C、穿滑雪板滑雪，滑雪板的面积较大，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；故C不合题意； D、安全锤头部做成锥形，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强。故D符合题意。 故选：D。
【点评】掌握压强大小的影响因素，利用控制变量法解释生活中有关增大和减小压强的问题。
6．下列措施中，能使蒸发减慢的是（ ）
A．把盛有酒精的瓶口盖严 B．把湿衣服晾在通风向阳处 C．用电吹风给湿头发吹风 D．将地面上的积水向周围扫开
【分析】影响蒸发快慢的因素有：液体的温度、液体的上表面积、液体表面的空气流动速度；要减慢蒸发，可以通过降低液体的温度、减小液体的上表面积和减慢液体表面的空气流动速度。 【解答】解：
A．把盛有酒精的瓶口盖严，可以减小液体的表面积并控制上方空气流动，使蒸发减慢，故A符合题意； B．把湿衣服晾在通风向阳处，既可以升高液体的温度，也可以增大液体表面的空气流动速度，使蒸发加快，故B不符合题意；
C．用电吹风给湿头发吹风，可以增大液体表面的空气流动速度，且提高了温度，使蒸发加快，故C不符合题意；
D．将地面上的积水向周围扫开，可以增大液体表面积，使蒸发加快，故D不符合题意。 故选：A。
【点评】本题主要考查学生对影响液体蒸发快慢因素的了解和掌握，是一道基础题。
7．如图所示的工具中，使用时属于费力杠杆的是（ ）
【分析】判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。 【解答】解：A、天平的动力臂等于阻力臂，属于等臂杠杆，故A错误； B、瓶起子的动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故B错误； C、食品夹的动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，故C正确； D、钳子的动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，故D错误。 故选：C。
【点评】此题考查的是杠杆的分类主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
8．下列事例中，属于用热传递的方式改变物体内能的是（ ） A．用锯条锯木头，锯条温度升高 B．用炉灶烧水，水温升高 C．气缸内气体被压缩，温度升高 D．用力搓手，手会发热
【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功过程是能量的转化过程。
【解答】解：A、用锯条锯木头，锯条温度升高，属于克服摩擦做功改变物体的内能，故A错误； B、用炉灶烧水，水温升高，是内能发生了转移，是通过热传递的方式改变物体的内能，故B正确； C、气缸内气体被压缩，活塞对缸内气体做功，属于做功改变物体的内能，故C错误； D、用力搓手，手会发热，属于克服摩擦做功改变物体的内能，故D错误。 故选：B。
【点评】本题考查了改变物体内能两种方式（做功和热传递）的区分，属于基础题目。
9．如图所示，下列说法正确的是（ ）
【分析】（1）使用刻度尺时要明确其分度值，起始端从0开始，读出末端刻度值，就是物体的长度；起始端没有从0刻度线开始的，要以某一刻度线为起点，读出末端刻度值，减去起始端所对刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
（2）利用图示的线圈绕向和电流方向，根据安培定则即可确定螺线管的左端的极性；
（3）使用弹簧测力计时，首先要明确其分度值，读数时视线与指针所在刻线相垂直；
（4）使用温度计测量温度时，首先要明确温度计的分度值，读数时视线与液柱最高处相平，并注意区分零上或零下。 【解答】解：由图知：
A、刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm； 物体左侧与0.00cm对齐，右侧与2.10cm对齐，所以物体的长度为L=2.10cm﹣0.00cm=2.10cm。故A错误； B、电流从螺线管的右端流入，左端流出，根据螺线管的线圈绕向，用右手握住螺线管，使四指指向电流方向，则大拇指所指的左端为螺线管的N极。故B错误；
C、弹簧测力计上1N之间有5个小格，所以一个小格代表0.2N，即此弹簧测力计的分度值为0.2N．此时指针指在“2。”处，所以弹簧测力计的示数为2N．故C正确；
D、在温度计上，10℃之间有10个小格，一个小格代表1℃，所以此温度计的分度值为1℃；温度数值向上是增大的，说明温度高于0℃，为37℃．故D错误。 故选：C。
【点评】初中物理学习了很多测量工具的使用，但没有特殊说明，只有刻度尺的读数要有估读值，其它只要读到准确值即可。
10．关于安全用电，下列做法中正确的是（ ） A．更换灯泡时先断开电源开关 B．在高压线下放风筝
C．家用电器电线绝缘皮破损了仍继续使用 D．用湿布擦拭正在工作的电视机 【分析】根据安全用电的常识分析：
（1）更换灯泡、搬动电器时不要带电操作，要切断电源； （2）不要在电线上晾衣物，不在高压线附近放风筝； （3）导线的绝缘皮要保持完好无损，否则易引起触电事故； （4）不用湿手触摸开关，不用湿布擦拭正在使用的用电器。 【解答】解：
A、更换灯泡、搬动电器时容易碰到金属部分，切断电源可以保证金属部分不带电，符合安全用电原则； B、高压线的电压很高，在其旁边放风筝，风筝容易挂到高压线上，很有可能会发生导电，使得放风筝的人触电，不符合安全用电原则；
C、使用绝缘皮破损的导线，易引发触电事故，不符合安全用电原则；
D、水是电的导体，用湿抹布擦带电的用电器时，可能会因湿抹布导电而发生触电事故，不符合安全用电原则。 故选：A。
【点评】本题是既是用电常识，又属于学生必须掌握的基础知识。这个题的考查对象我认为不仅仅是初中学生。每个人都应该有安全用电的意识和方法。本题联系生活实际，对学生进行安全教育。体现了“安全无小事，事事有教育”。
11．如图所示电路中，电源电压保持不变，当变阻器滑片P向右移动时，电表示数变大的是（ ）
A． B． C． D．
【分析】首先判定电路的连接方式，分析电表的作用；根据电阻的变化判定电表的变化。 【解答】解：
A、该电路为并联电路，电流表测量R0的电流，滑动变阻器在另一条支路中，滑动变阻器滑片移动时对另一条支路无影响，电流表示数不变，故A错误；
B、该电路为并联电路，电流表测量干路中的电流，滑动变阻器滑片向右移动，电阻变大，由欧姆定律可知通过变阻器的电流减小，通过另一条支路电流不变，故干路中的电流变小，故B错误；
C、该电路为串联电路，电压表测量R0的电压，滑动变阻器滑片向右移动，电阻变大，电流减小，根据U=IR可知，电压表示数变小，故C错误；
D、该电路为串联电路，电压表测量滑动变阻器的电压，滑动变阻器滑片向右移动，电阻变大，电流减小，根据U=IR可知，R0的电压变小，根据串联电路的电压规律可知，滑动变阻器两端电压变大，故D正确。 故选：D。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到滑动变阻器和欧姆定律的应用，是一道较为简单的题目。
12．小明参观了中国科技馆“探索与发现”展厅A区后，用矿泉水瓶和小玻璃瓶制作了“浮沉子”如图所示。他将装有适量水的小玻璃瓶瓶口朝下，使其漂浮在瓶内的水面上，矿泉水瓶内留有少量空气，拧紧瓶盖使其密封，当用力挤压矿泉水瓶侧面，“浮沉子”下沉，松手后“浮沉子”即上浮。下列说法错误的是（ ）
A．“浮沉子”漂浮时，所受重力等于它受到的浮力 B．“浮沉子”下沉时，所受重力大于它受到的浮力
C．“浮沉子”上浮时，玻璃瓶内的压缩空气会将内部的水压出 D．无论怎样挤压矿泉水瓶侧面，“浮沉子”都不可能悬浮在水中
【分析】浮力大于重力，物体上浮；浮力小于重力，物体下沉。在气体质量一定时，气体体积越小压强越大。
【解答】解：挤压大塑料瓶，瓶内空气被压缩，将压强传递给水，水被压入小瓶中，将瓶体中的空气压缩，这时浮沉子里进入一些水，它的重力增加，大于它受到的浮力，就向下沉。松开手，小瓶内水面上的空气体积增大，压强减小，浮沉子里面被压缩的空气把水压出来，此时浮沉子的重力小于它所受的浮力，因此它就向上浮；当浮力等于重力，就会悬浮在水中；故ABC正确，D错误。 故选：D。
【点评】此题是大气压和浮力的一个综合考查，出错原因是很多同学不认识浮沉子。
13．家用电器除了正常工作消耗电能外，其待机时也消耗电能，因此尽量减少非必要的待机时间能有效节省电能。表为家用制冷空调、微波炉及电视机顶盒的功率参数。则下列关于表中用电器的选项正确的是（ ） 名称
正常工作功
率
制冷空调 微波炉 机顶盒
2600W 1400W 15.58W
待机功率 1.11W 0.86W 15.2W
A．正常工作时，制冷空调两端的电压最高 B．正常工作时，制冷空调消耗的电能最多 C．待机时，电视机顶盒消耗电能最快 D．待机时，通过表中用电器的电流相等 【分析】（1）我国家庭电压为220V；
（2）根据P=变形式分析消耗的电能的多少； （3）电功率是表示电流做功快慢的物理量；
（4）根据P=UI比较待机时，通过表中用电器的电流。
【解答】解：A、正常工作时，家用电器两端电压都为220V，故A错误；
B、正常工作时，根据W=Pt可比较消耗电能的多少，但不知道时间关系，所以不能确定制冷空调消耗的电能最多，故B错误；
C、电功率是表示电流做功快慢的物理量，由表中数据可知，待机时，电视机顶盒消耗电能最快，故C正确；
D、由P=UI可知，待机时，各用电器的功率不同，故通过用电器的电流不相等，故D错误。 故选：C。
【点评】本题考查了学生对电功率的理解，同时增强了学生的节能意识，属于常见的中考题型。
14．如图为某蹦床运动员从床面上A点起跳后腾空瞬间的照片，根据照片信息判断下列说法正确的是（ ）
A．此时运动员脚尖到床面的距离约为1.8m B．运动员上升到最高点时，速度为零，合力为零 C．运动员在空中下落的过程中，重力的功率越来越小 D．运动员在空中上升的过程中，动能和重力势都能增大 【分析】（1）根据人的高度判定距离的大小； （2）运动员上升到最高点时受到重力的作用； （3）根据公式P=Fv分析；
（4）重力势能的大小与质量和高度有关，动能的大小与质量和速度有关，据此分析。 【解答】解：
A、由图可知，脚尖与床面的距离大约为运动员的高度，运动员的高度约为1.8m，故运动员脚尖到床面的距离为1.8m；故A正确；
B、运动员上升到最高点时，速度为零，动能为零，此时运动员受到重力的作用，故合力不为零，故B错误；
C、运动员在空中下落的过程中，速度越来越快，重力不变，根据公式P=Fv=Gv可知，重力的功率越来越大，故C错误；
D、运动员在空中上升的过程中，高度增加，重力势能变大，速度减小，动能减小，故D错误。 故选：A。
【点评】本题考查的与力学相关的多个知识点，尤其是要知道，当运动员落到蹦床上继续向下运动的过程中，其动能并不是一开始就减小的。
15．如图所示，水平桌面上有两个完全相同的溢水杯，杯中装满不同的液体。将两个完全相同的小球分别放入溢水杯中，甲杯溢出0.9N的液体，乙杯溢出0.8N的液体。则（ ）
A．小球在甲杯中受浮力，在乙杯中不受浮力 B．小球重0.9N，在乙杯中受到的浮力是0.8N C．甲杯对桌面的压强小于乙杯对桌面的压强 D．液体对甲杯底的压强小于液体对乙杯底的压强
【分析】（1）浸在液体中物体都要受到浮力作用；根据阿基米德原理：物体所受浮力的大小与排开液体的重力相等，求出甲杯中小球受到的浮力；根据漂浮时浮力等于重力可求得甲杯中小球的重力，然后根据阿基米德原理分析乙杯中球受到的浮力。
（2）杯对桌面的压力等于杯、水、小球的总重力，再利用p=分析其对桌面的压强； （3）根据p=ρgh分析液体对杯底的压强。
【解答】解：A、小球在甲杯中受浮力，在乙杯中也受浮力，故A错误；
B、物体所受浮力的大小与排开液体的重力相等，甲杯中小球受到的浮力F甲=G排甲=0.9N； 小球在甲杯漂浮，G甲=G排甲=0.9N；
由阿基米德原理可知，乙杯中球受到的浮力F浮=G排乙=0.8N．故B正确；
C、由小球在乙液体下沉和在甲液体中漂浮可知，ρ甲＞ρ乙；液体深度相同，两个完全相同的溢水杯，由ρ=可知m甲液＞m乙液，则G甲液＞G乙液，
由计算可知G甲=G排甲=0.9N；甲放入0.9N，排出0.9N的液体，乙杯溢出0.8N的液体。。
F甲＜F乙，S相同，由p=可知，甲杯对桌面的压强小于乙杯对桌面的压强，故C正确；
D、由小球在乙液体下沉和在甲液体中漂浮可知，ρ甲＞ρ乙；由p=ρgh可知，两容器中，甲容器中的液体对容器底的压强大，故D错误； 故选：BC。
【点评】本题考查了学生对阿基米德原理和重力公式的应用，关键是理解和运用漂浮条件、下沉条件（密度关系）得出两液体的密度关系。
二、多项选择题（下列各小题均有四个选项，其中符合题意的选项均多于一个．共14分每小题2分．每小题选项全选对的得2分，选对但不全的得1分，有错选的不得分） 16．下列说法正确的是（ ） A．正电荷定向移动的方向为电流方向 B．同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引 C．家用电热水器的发热体用的是超导体材料
D．利用撒在磁体周围的铁屑可以判断该磁体周围各点的磁场方向 【分析】（1）物理学规定正电荷定向移动的方向为电流方向； （2）磁极间的相互作用规律：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引； （3）超导体是电阻为零的材料，当电流通过时不会发热；
（4）利用撒在磁体周围的铁屑可以判断该磁体周围的磁感线分布，不能判断磁场方向。 【解答】解：A、正电荷定向移动的方向为电流方向，故A正确； B、同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引；故B正确；
C、超导体没有电阻，通电后不会发热，因此不能用在电热水器上，故C错误；
D、利用撒在磁体周围的铁屑可以判断该磁体周围的磁感线分布，不知道细铁屑的NS极，故不能判断磁场方向，故D错误。 故选：AB。
【点评】本题综合考查了电流方向，超导体、磁极间的作用，以及磁场方向，的有关知识，熟练掌握基础知识是解题关键。
17．为了节约能源，减轻污染，人类发明了太阳能汽车，如图所示为试验中的流线型无人驾驶太阳能汽车，下列说法正确的是（ ）
A．太阳能是一种不可再生能源 B．太阳能电池可将太阳能转化为电能
C．测试时可以利用电磁波实现远程操控太阳能汽车 D．太阳能汽车快速行驶时对地面的压力比静止时大
【分析】（1）像风能、太阳能、生物质能等都是能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；像化石能源、核能等短期内不能从自然界得到补充的能源叫不可再生能源； （2）太阳能电池是将太阳能转化为电能的装置； （3）远程操控是靠发射电磁波来实传递信息的；
（4）车子静止在水平面上，车子对路面的压力等于重力，当流线型的车子快速行驶时，产生升力，车子对地面压力减小。 【解答】解：
A、太阳能能够源源不断的从自然界得到的能源，是可再生能源，故A错误； B、太阳能电池可将太阳能直接转化为电能，故B正确；
C、试验中测试人员是通过电磁波远程操控太阳能汽车的，故C正确；
D、太阳能汽车外型是流线型，当汽车高速行驶时，相同时间内，空气经过上方的路程比下方路程长，流速大，根据“流速越大压强越小”原理可知，流过汽车的空气产生向上的压强差，所以汽车行驶时对地面压力比静止时小，故D错误。 故选：BC。
【点评】本题考查了能源的分类、能量的转化、电磁波的利用、流体压强与流速的关系，考查我们对物理知识的综合理解能力。
18．下列说法正确的是（ ） A．温度高的物体含有的热量多
B．组成物质的分子之间同时存在引力和斥力
C．公园里花开时满园飘香，表明分子在不停地做无规则运动
D．煤的热值比干木柴的大，煤燃烧时放出的热量比干木柴燃烧时放出的热量多
【分析】（1）热量是一过程量，描述它的术语是“吸收”和“放出”，不能用含有描述；
（2）一切物质的分子间都存在间隙，分子是在永不停息地做无规则运动，分子间存在相互作用的引力和斥力；
（3）根据Q=mq比较放热的多少。 【解答】解：
A、热量是一过程量，描述它的术语是“吸收”和“放出”，不能用含有描述，故A错误； B、物体中的分子之间的引力和斥力是同时存在同时消失的，故B正确；
C、公园里花开时满园飘香，是花的芳香分子扩散到空气中，是扩散现象，扩散现象表明分子不停地做无规则运动，故C正确；
D、根据Q=mq可知，放出的热量与热值、质量都有关，故热值大燃烧时放出热量不一定多，故D错误。 故选：BC。
【点评】本题考查热量的描述、分子动理论的内容以及放热公式的应用，属于识记性内容，比较简单。
19．如图为某物质熔化时温度随加热时间变化而变化的图象（加热装置的功率不变），从图中能得到的正确信息是（ ）
A．该物质为晶体，熔点为0℃ B．熔化过程持续了4min
C．该物质在AB段的比热容比在CD段小 D．该物质在B、C两点时温度、内能都相同
【分析】（1）熔化图象的横坐标表示时间，纵坐标表示温度，而图中BC段温度不变的阶段就是熔化过程。知道晶体熔化时的温度叫做晶体的熔点。
（2）晶体在熔化或凝固时的温度是熔点或凝固点。晶体在熔化过程或凝固过程中处于固液共存态。从开始熔化到完全熔化完所用时间就是物态变化经历的时间；
（3）结合热量公式Q=cm△t进行分析，由图象可知AB段和CD段的温度变化，从而可比较二者比热容关系。
（4）掌握晶体熔化过程中的特点：吸热但温度保持不变。虽然温度不变，但内能不断增大。 【解答】解：A、该物质有一定的熔化温度，且熔化对应的温度是0℃，即熔点为℃，故A正确；
B、从图象可以看出，从第1min开始熔化，到第4min结束，该物质熔化的时间大约为3min，故B错误； C、由Q=cm△t，可得c=
，
AB段和CD段物质的质量m相同，由图象知，时间相同，都是1min，升高的温度不相同，升高温度之比为2：1，
所以吸收的热量之比为，从而计算得比热容之比为，则该物质在AB段的比热容小于CD段的比热容。故C正确；
D、该物质吸热温度升高，内能不断增大，故该物质B点的内能要比C点的内能小，故D错误； 故选：AC。
【点评】此题主要考查了对晶体熔化图象的分析。区分晶体和非晶体，关键是看晶体在熔化过程中温度是否发生变化。同时要理解熔化过程的概念，在熔化过程中，虽然温度不变，但要不断吸热，内能增大。
20．如图所示，①②③④为探究物理规律的四个实验，abcd为物理规律的应用实例，箭头表示规律和应用之间的对应关系，其中对应关系正确的是（ ）
A．A B．B C．C D．D
【分析】（1）电磁起重机是根据电流的磁效应； （2）电动机是利用通电导体在磁场中受力的原理制成的； （3）利用电磁感应现象制成了发电机； （4）同种电荷相互排斥。 【解答】解：
A、图为奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场，是电流的磁效应，电磁起重机就是根据此原理工作的，故A正确；
B、图中有电源，是电动机的原理图，是根据通电导体在磁场中受力的原理制成的，故B错误； C、图中没有电源，是发电机的原理图，是根据电磁感应原理制成的，故C错误；
D、图中是同种电荷相互排斥，静电发电机就是根据同种电荷相互排斥时、做切割磁感线运动产生感应电流，故D正确。 故选：AD。
【点评】本题主要考查学生对知识的理解和运用情况。试题所选择的素材主要涉及的是电和磁的相关知识。题目以两组图片相对应的形式展现给学生，一组是实验现象，另一组是现象的应用，考查了我们的教学过程中实验的展现，同时也是为了把学生的课堂表现考出来。试题形式新颖、设计巧妙，体现了学以致用的思想。
21．小林想测量额定电压为2.5V的小灯泡的额定功率P及正常发光时的电阻R，设计了如图甲所示的实验电路。 实验中，当小灯泡正常发光时，电压表的示数为U，电流表示数I如图乙所示。则下列四个选项正确的是（ ）
A．I=2.5A B．R=5Ω C．P=5W D．U=2.5V
【分析】（1）灯泡正常发光时的电压和额定电压相等； （2）根据电流表的量程和分度值读出电流表的示数； （3）根据欧姆定律求出灯泡正常发光时的电阻； （4）根据P=UI求出灯泡的额定功率。 【解答】解：
A、当小灯泡正常发光时，由图乙可知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，则电流表示数I=0.5A，故A错误；
D、在额定电压下灯泡正常发光，为使小灯泡正常发光，电压表示数应为2.5V，故D正确；
B、由I=可得，灯泡正常发光时的电阻R===5Ω，故B正确；
C、小灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.5A=1.25W，故C错误。 故选：BD。
【点评】本题考查了学生对额定电压和电流表读数、欧姆定律、电功率公式的掌握与应用，是一道较为常见的应用题。
22．下列说法正确的是（ ）
A．探究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系时，需要控制通过线圈的电流一定 B．探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系时，需要控制拉力一定 C．探究液体内部的压强规律时，多次改变液体密度和液体深度，是为了减小误差 D．探究阻力对物体运动的影响时，进行多次实验是为了推出运动不需要力来维持
【分析】（1）控制变量法是控制其余几个因素不变，从而研究被改变的这个因素对事物影响，这种方法常常应用于物理学中多因素（多变量）的问题；
（2）多次实验的目的有二：取平均值减小误差；发现普遍规律，避免结论的偶然性。
【解答】解：A、电磁铁磁性强弱与电流大小和线圈匝数都有关系，研究电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系时，需要控制通过线圈的电流一定。故A正确；
B、滑动摩擦力大于与压力和接触面粗糙程度有关，探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系时，需要控制压力一定，而不是控制拉力。故B错误；
C、液体内部压强与液体密度和深度都有关系，探究液体内部的压强规律时，多次改变液体密度和液体深度，是为了发现普遍规律，避免结论的偶然性。故C错误；
D、探究阻力对物体运动的影响时，进行多次实验是为了在实验的基础上推出“运动不需要力来维持”的结论。故D正确。 故选：AD。
【点评】①控制变量法和转换法是科学探究最常用的方法；
②为得到普遍规律或减小实验误差，科学探究过程一般需要进行多次实验。
三、实验解答题（共36分，23、29题各3分，26、30题各5分，25、28题各7分，24题4分，27题2分）
23．（3分）小明在探究平面镜成像特点时，准备了图中的实验器材。请回答问题：
（1）小明选透明玻璃板代替平面镜进行实验，其目的是便于 确定像的位置 。 （2）比较像与物的大小关系时，小明应选蜡烛B和 C （选填字母）进行实验。
（3）小明将光屏放在烛焰所成像的位置时，发现光屏上并没有呈现烛焰的像，说明平面镜所成的像是 虚 像（选填“虚”、“实”）。
【分析】（1）玻璃板是透明的，可以看到对面的物体，目的是为了便于确定像的位置；
（2）在此实验中，为了比较物像大小关系，利用等效替代的方法，用相同的蜡烛和蜡烛的像进行比较，来获得物像大小关系。
（3）实像与虚像的区别，实像可以在光屏上承接到，而虚像则不能。
【解答】解：（1）因为玻璃板既能让光透过也可以反射光，容易确定像的位置或大小，而平面镜是不透明的，无法确定像的位置和大小，所以用玻璃板代替平面镜，其目的是便于确定像的位置；
（2）为了探究物像的大小关系，实验中的两蜡烛要求大小相同，所以，小明应选蜡烛B和C进行实验； （3）为了研究平面镜成的像是实像还是虚像，还要用到光屏这一实验器材，如果平面镜所成的像是实像，则能在光屏上承接到，如果平面镜所成的像是虚像，则不能在光屏上承接，该试验中将光屏放在烛焰所成像的位置时，发现光屏上并没有呈现烛焰的像，说明平面镜所成的像是虚像。 故答案为：（1）确定像的位置；（2）C；（3）虚。
【点评】本题主要考查了平面镜成像特点的实验及操作相关问题，这是光学中的一个重点，也是近几年来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。
24．（4分）如图为“探究杠杆平衡条件”的实验装置，请按要求完成下列问题：
（1）如图甲所示，为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向 右 侧调节。实验中将杠杆调成水平平衡的目的是 便于测量力臂 。
（2）如图乙所示，杠杆恰好处于水平平衡状态，若在A处下方再挂一个钩码，则B处所挂钩码须向右移动 1 格，才可使杠杆在水平位置再次平衡。
【分析】（1）调节平衡螺母向上翘的一端移动，使杠杆在水平位置平衡。
（2）杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，据此分析；
【解答】解：（1）如图，杠杆的右端上翘，说明杠杆的重心在左端，所以平衡螺母向上翘的右端移动； 实验中将杠杆调成水平平衡的目的是便于测量力臂； （2）设一个钩码为G，一格的长度为L； 根据杠杆的平衡条件：4G×2L=2G×nL， 解得：n=4，
故应该将B处所挂钩码须向右移动4﹣3=1格； 故答案为：（1）右；便于测量力臂；（2）1。
【点评】本题探究杠杆的平衡条件，考查器材的调试、杠杆平衡条件的运用，常见题目。
25．（7分）小刚用天平和量筒测金属块的密度时，进行了下列操作。请回答问题：
（1）将天平放在水平台面上，游码归零后，发现指针指示的位置如图甲所示，他应将平衡螺母向 右 调节（选填“左”或“右”），才能使天平水平平衡。
（2）用调节好的天平测金属块质量时，天平平衡后，砝码及游码在标尺上的位置如图乙所示，则金属块质量m= 27 g。
（3）用细线系住金属块放入装有20mL水的量筒内，水面如图丙所示，则金属块体积V= 10 cm，计算出金属块密度ρ= 2.7 g/cm。
（4）完成上述实验后，小刚又用弹簧测力计和密度为ρ的金属块，测出了如图丁所示烧杯中盐水的密度。请将实验步骤补充完整：
①用调好的弹簧测力计测出金属块在空气中重力为G；
② 将悬挂在弹簧测力计下的金属块，缓慢浸没入盐水中 ，记录此时弹簧测力计的示数为F； ③请用G、F和ρ表示盐水密度，则ρ盐水=
ρ 。
3
3
【分析】（1）天平在调节时，平衡螺母向横梁上翘的一端移动；
（2）在读数时，天平上所有砝码的质量加上游码（读数时以游码左侧对应的刻度为准）所对的数值即待测物体的质量；
（3）弄清楚量筒的量程和分度值，再根据液面对应刻度来读数，矿石的体积等于矿石和水的总体积减去水的体积；根据公式ρ=求出矿石的密度。
（4）将金属块浸没水中，读出弹簧测力计的示数，利用称重法测量金属块受到的浮力；知道金属块密度可求金属块体积，再利用阿基米德原理求液体的密度。
【解答】解：（1）如图甲所示，调节横梁平衡时，指针左偏说明左盘质量偏大，则平衡螺母应向右调节； （2）如图乙所示，游码标尺的分度值是0.2g，矿石的质量：m=20g+5g+2.0g=27g； （3）水和金属块的总体积：V总=30mL=30cm， 则金属块的体积：V=V总﹣V水=30cm﹣20cm=10cm， 金属块的密度：ρ==
=2.7g/cm3。
3
3
3
3
（4）①用细线系住金属块，用弹簧测力计测出金属块在空气中的重力G； ②用弹簧测力计拉住金属块，使其浸没在适量的盐水中，测得拉力为F， ③由G=mg=ρVg得金属块的体积V=
，
，
因为金属块浸没盐水中，所以金属块排开盐水的体积V排=V=金属块受到的浮力F浮=G﹣F=ρ盐V排g=ρ盐解得液体密度：ρ盐=
ρ。
g=ρ盐
，
故答案为：（1）右；（2）27；（3）10；2.7；（4）②将悬挂在弹簧测力计下的金属块，缓慢浸没入盐水中；③
ρ。
【点评】此题是测量金属块的密度，要测量密度，需得知质量和体积两个量，题目中告诉我们测量较大物体体积的方法：排水法，将金属块的体积转化为排开水的体积，应注意掌握。
26．（5分）小军在“探究凸透镜成像规律”的实验中，选择了焦距为12cm的凸透镜。
（1）他将蜡烛、凸透镜和光屏安放在光具座上，并将烛焰的中心、透镜光心及光屏的中心调到 同一水平高度 。
（2）如图所示，保持蜡烛和凸透镜的位置不变，要使光屏上得到一个倒立、放大清晰的实像，应将光屏向 右 （选填“左”或“右”）移动。生活中人们利用这一原理制成了 投影仪 （选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）。
（3）当蜡烛燃烧变短后，烛焰的像偏离光屏中心向上移动。请根据此现象提出一个可以探究的科学问题： 像偏离光屏中心的距离与物离光具座的距离是否有关？ 。
【分析】（1）探究凸透镜成像的实验时，在桌面上依次放蜡烛、凸透镜、光屏，三者在同一条直线上，三者的中心大致在同一高度，像才能呈在光屏的中央位置；
（2）掌握凸透镜成像的规律及应用。知道幻灯机、投影仪都是根据当物距处于1倍和2倍焦距之间时，成放大倒立实像的原理制成的； （3）根据实际实验现象分析。
【解答】解：（1）应将透镜、蜡烛火焰、光屏的中心调到同一水平高度，像才能呈在光屏的中央位置； （2）成倒立、放大的实像条件为：2f＞u＞f，v＞2f，可知光屏应向右移动；投影仪是利用凸透镜成倒立、放大实像的原理工作的；
（3）随蜡烛燃烧变短，烛焰的像偏离光屏中心会向上移动，改变物距，同时改变像距，找到清晰的像，会发现像偏离光屏中心的距离变化，由此可提出探究问题：像偏离光屏中心的距离与物离光具座的距离是否有关？。
故答案为：（1）同一水平高度；（2）右；投影仪；（3）像偏离光屏中心的距离与物离光具座的距离是否有关？。
【点评】此题探究凸透镜成像的规律，掌握凸透镜成像的特点与物距、像距之间的关系是解决此题的关键。
27．小月探究“电路中电阻箱两端电压U 与通过它的电流I 的关系”时，记录的实验数据如表。请根据表中数据归纳判断：当I=0.3A时，U= 10.5 V。 I/A U/V
0.6 9
0.8 8
1.0 7
1.2 6
1.4 5
1.6 4
【分析】分析表格数据可知电压减小时，通过电阻的电流增大，两者成一次函数关系，设出表达式，然后代入数据得出答案；根据关系式得出当电流I=0.3A时的电压U。 【解答】解：由表格数据可知，I与U成一次函数关系，可设为U=aI+b， 把I=0.6A、U=9V和I=1.0A、U=7V代入可得：
9V=a×0.6A+b，7V=a×1.0A+b， 联立等式可得：a=﹣5V/A，b=12V， 则U=﹣5V/A×I+12V。
当电流I=0.3A时，电压U=﹣5V/A×0.3A+12V=10.5V。 故答案为：10.5V
【点评】本题考查了学生分析数据得出结论的能力，找出U和I的变化关系是关键。
28．（7分）小亮想探究电流通过电阻时产生的热量Q与电阻R的关系。他选用了以下实验器材：两个完全相同的烧瓶，烧瓶内分别装有质量和初温相同的水和煤油，相同的温度计A和B、阻值为R1和R2的电阻丝（R1＜R2），还有满足实验要求的电源、滑动变阻器、电流表、开关、导线。他连接了如图所示的电路，进行了如下实验：闭合开关通电一段时间后，记录下温度计A的示数为t1，温度计B的示数为t2，发现t1＜t2．请根据以上叙述回答下列问题：
（1）小亮计划探究的问题中的自变量是 电阻 ，因变量是 电流产生的热量 。 （2）实验中是通过观察 温度计示数的变化 来反映电流产生热量的多少的。
（3）通过上述实验现象小亮认为：在电流和通电时间相同时，电阻越大，产生热量越多。请指出小亮实验过程中存在的问题： 没有进行多次实验，实验不具有普遍性； ，并写出改进措施： 没有控制烧瓶中为同种液体；在烧瓶中装入同种液体并选用不同的电阻进行多次实验 。
（4）若用该实验装置探究电流通过电阻时产生的热量Q与电流I的关系，还需要增加的测量仪器是 秒表 。
【分析】（1）探究电流与电阻的关系，自变量是电阻，因变量是电流；
（2）温度计示数的变化反应了液体温度的变化，反映了液体吸收热量即电流产生热量的多少； （3）探究电流通过电阻产生的热量跟电阻阻值大小的关系，根据Q=IRt可知，应控制电流和通电时间相同，这样才能得出正确的规律； （4）实验中需要用秒表来测量时间。
2
【解答】解；（1）探究通过导体的电流I跟电阻R的关系，则需保持电压不变，改变电阻值，所以自变量为电阻R，电阻不同，产生的热量也不同，故因变量是电流产生的热量； （2）实验中通过观察温度计示数的变化来比较电流产生的热量的多少； （3）实验中只测了一次，不具有普遍性；实验中为获得普遍的规律应多次测量； 实验中采用的是控制变量法，应控制烧瓶中的液体的质量和种类是相同的；
为了探究产生的热量与电阻的关系，应改变电阻的阻值，故应选用不同的电阻进行多次实验； （4）探究电流通过电阻时产生的热量Q与电流I的关系时，应控制时间是相同的，故应用秒表来测量时间。
故答案为：（1）电阻；电流产生的热量；（2）温度计示数的变化；
（3）没有进行多次实验，实验不具有普遍性；没有控制烧瓶中为同种液体；在烧瓶中装入同种液体并选用不同的电阻进行多次实验；（4）秒表。
【点评】理解焦耳定律的公式Q=IRt，知道要想探究电流通过电阻产生的热量跟电阻阻值大小的关系，就要控制电流和通电时间相同，是解答的突破口。
29．（3分）物理活动课上，小明用实验方法判断鸡蛋的生与熟。他用手先将鸡蛋在水平桌面上旋转起来如图所示，再轻压按停旋转的鸡蛋，松手后，发现鸡蛋还能继续旋转起来，由此他认为该鸡蛋是生的。小明的判断是否正确？请用惯性知识简要说明。
2
【分析】生鸡蛋和熟鸡蛋的区别是：生鸡蛋的蛋清、蛋黄是液体，和蛋壳不是一个整体；熟鸡蛋的蛋清、蛋黄是固体，和蛋壳是一个整体。
转动起来的生鸡蛋，用手制动，蛋壳受力停止运动，但蛋清和蛋黄由于惯性保持原来转动的状态，释放后，蛋清、蛋黄就会带动蛋壳转动；
转动起来的熟鸡蛋，用手制动，蛋壳受力并将这个力传给了固体的蛋清、蛋黄，整个鸡蛋受力而停止转动，释放后鸡蛋不会继续转动。
【解答】答：正确，生鸡蛋的蛋清、蛋黄是液体，和蛋壳不是一个整体，当手制动后，蛋清和蛋黄由于惯性仍保持原来的运动状态，不会立即停止运动，释放后，蛋清和蛋黄又会带动蛋壳转动起来。 【点评】解答此题首先要知道生鸡蛋和熟鸡蛋的不同之处，然后根据惯性的知识来分析。
30．（5分）实验桌上有电源、开关、导线、电阻箱、滑动变阻器、已调零的电流表、电压表各一块。请利用这些器材探究“串联电路中，当电流一定时，电阻越大，电阻两端的电压越大。” （1）画出实验电路图； （2）写出实验步骤； （3）画出实验数据记录表格。
【分析】设计实验时要从实验的目的出发，利用现有的器材，先画出电路图，再根据要求设计步骤和记录数据的表格。本实验中，通过滑动变阻器改变连入电路中的电阻大小来保持电流大小不变，电阻的阻值大小可读出，电压表分别测量不同阻值的定值电阻两端的电压。 【解答】解：（1）实验电路图如下图所示：
（2）实验步骤：
①按电路图将各个元件连接好。在连接过程中开关S始终处于断开状态。滑动变阻器滑片置于最大阻值处； ②调节电阻箱为适当阻值R，闭合开关S，调节滑动变阻器滑片到某一位置，观察并联在电阻箱R两端的电压表的读数U，及电流表的读数I，将U和电阻箱阻值R记录在表格中；
③断开开关，改变电阻箱的阻值，闭合开关，调节滑动变阻器片使电流表示数仍为I，将此时电压表示数U，电阻箱阻值R记录在表格中；
④仿照步骤③，改变电阻箱的阻值四次，每次调节滑动变阻器器片使电流表示数不变，分别观察电阻箱阻值R和电压表的读数U，并将R、U记录在实验数据记录表中。 （3）实验数据表格： R/Ω U/V
【点评】设计实验类题目是中考重要的题目类型，是学生掌握的薄弱环节，应重点突破。其中，对于电学设计类题目，一般的解答规律是根据题目提供的电表类型，选择合适的电路连接方式，然后根据串联电路或并联电路的特点确定实验步骤。
四、科普阅读题（共4分）
31．（4分）请阅读《汽车发动机与防冻冷却液》并回答问题。 汽车发动机与防冻冷却液
汽车四冲程发动机每个工作循环是由吸气冲程、压缩冲程、做功冲程和排气冲程组成。发动机工作时，可燃混合气在汽缸内燃烧的温度可达2000℃以上。活塞、汽缸和气门等直接与高温可燃混合气接触的零部件受热，会导致发动机工作温度过高，引起燃烧不正常，甚至发生爆震或早燃。这不仅能使润滑油燃损或变质，润滑能力下降，零部件急剧磨损，而且还会出现卡死、损坏等现象。为了避免上述恶果发生，必须采用合理的冷却方法，使发动机保持在一定的温度范围内工作，保证发动机长期正常运转。
汽车行驶时，为了避免发动机的温度升得很高，通常利用防冻冷却液在散热器管道内循环流动，带走发动机多余的热量，使发动机能在正常温度范围内工作。防冻冷却液主要由水和防冻剂混合而成。防冻剂，简称原液，它具有不易汽化、密度比水小等特性。防冻冷却液中防冻剂含量（防冻剂占防冻冷却液体积的比例）越高，防冻冷却液的比热容就越小。汽车发动机用防冻冷却液降温时，通常要求防冻冷却液的凝固点应至少比环境最低温度低10℃，而沸点要高于发动机最高工作温度5℃以上。如图甲是某种防冻冷却液的凝固点与原液含量的关系，该种防冻冷却液的沸点与原液含量的关系如图乙所示。汽车使用与保养时，应合理选择防冻冷却液。
请根据上述材料，回答下列问题：
（1）四冲程发动机工作过程中将机械能转化为内能的是 压缩 冲程。 （2）请举出一个防冻冷却液中的防冻剂的特性： 不易汽化，密度比水小 。
（3）据天气预报可知：北京城区冬天的最低气温可达﹣17℃．设某汽车的发动机工作温度为90～101℃，该汽车在北京城区使用时，请回答下列问题：
①用如图20中特性的防冻液时，选下列原液含量为 C （填字母）的效果最好。 A．35% B． 45% C．55% D．65% ②请简述选用的理由。
【分析】（1）在内燃机的四个冲程中做功冲程对外做功，将内能转化为机械能；压缩冲程压缩气体的过程中，将机械能转换为内能；
（2）据题目中的信息可知，防冻液不易汽化，且密度比水的密度小；
（3）某地常年最低气温为﹣17℃，结合“混合液的凝固点比本地常年最低气温低10℃而沸点一般要高于发动机最高工作温度5℃以上”，判断出混合液凝固点和沸点的大致范围，再由表中数据找出合适的防冻液；
【解答】解：（1）发动机工作时，做功冲程将内能转化为机械能，压缩冲程将机械能转化为内能。 （2）据题目中的信息可知，防冻液不易汽化，且密度比水的密度小；
（3）某地最低气温为﹣17℃，防冻冷却液的凝固点应低于环境最低温度10℃以下，则混合液的凝固点约为﹣27℃以下；
汽车的发动机工作温度为90～101℃，沸点一般要高于发动机最高工作温度5℃以上，则混合液的沸点约为106℃以上；
由于混合液的凝固点比本地常年最低气温低10℃，而混合液中防冻液的含量不宜过高，另外除了满足凝固点和沸点的条件外，55%的比热容大，冷却效果好。所以选择55%的防冻液较为合适。
故答案为：（1）压缩； （2）不易汽化，密度比水小；（3）C；某地最低气温为﹣17℃，防冻冷却液的凝固点应低于环境最低温度10℃以下，则混合液的凝固点约为﹣27℃以下；汽车的发动机工作温度为90～101℃，沸点一般要高于发动机最高工作温度5℃以上，则混合液的沸点约为106℃以上；由于混合液的凝固点比本地常年最低气温低10℃，而混合液中防冻液的含量不宜过高，另外除了满足凝固点和沸点的条件外，55%的比热容大，冷却效果好。所以选择55%的防冻液较为合适。
【点评】本题综合考查了学生对水凝固后体积的变化特点、沸点、凝固点的了解和掌握，会从材料中得出相关信息是本题的关键。
五、计算题（共6分，每小题3分）
32．（3分）如图所示，电源两端的电压保持不变。电阻R1的阻值为20Ω，电阻R2的阻值为5Ω，当只闭合开关S时，电流表的示数为0.3A。 求：（1）电源两端的电压U；
（2）当开关S、S1都闭合时，电路消耗的总功率P。
【分析】（1）当只闭合开关S时，电路是R1的简单电路，电流表测电路中电流，根据欧姆定律求出电源的电压；
（2）当开关S、S1都闭合时，两电阻并联，根据电阻的并联求出电路的总电阻，利用P=UI=消耗的总功率。 【解答】解：
（1）当只闭合开关S时，电路是R1的简单电路，电流表测电路中电流， 由I=可得，电源的电压： U=I1R1=0.3A×20Ω=6V；
（2）当开关S、S1都闭合时，两电阻并联， 因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和， 所以，电路中的总电阻： R=
=
=4Ω，
求出电路
电路消耗的总功率： P=
=
=9W。
答：（1）电源两端的电压为6V；
（2）当开关S、S1都闭合时，电路消耗的总功率为9W。
【点评】本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，是一道较为简单的应用题。
33．（3分）如图是用滑轮组提升物体A的示意图，物体A受到的重力大小为GA．在匀速竖直提升物体A的过程中，物体A上升的速度大小为vA=0.4m/s。已知：GA=400N，G动=100N，绳重、轮与轴的摩擦均可忽略不计。求：（1）绳子自由端的速度大小v绳； （2）滑轮组的机械效率为η； （3）拉力F做功的功率P。
【分析】（1）由图知，使用的滑轮组承担物重的绳子股数n=2，则绳子自由端（拉力端）移动的速度等于物体上升速度的2倍；
（2）绳重、轮与轴的摩擦均可忽略不计，滑轮组的机械效率η=
=
=
；
（3）绳重、轮与轴的摩擦均可忽略不计，拉力F=（GA+G动），（1）求出了拉力端移动的速度，利用P=Fv求拉力做功的功率。 【解答】解：
（1）由图知，n=2，则绳子自由端移动的速度：v绳=2vA=2×0.4 m/s=0.8m/s； （2）绳重、轮与轴的摩擦均可忽略不计，滑轮组的机械效率： 率η=
=
=
=
×100%=80%；
（3）绳重、轮与轴的摩擦均可忽略不计， 拉力F=（GA+G动）=（400N+100N）=250N， 拉力做功的功率：P==
=Fv绳=250N×0.8m/s=200W。
答：（1）绳子自由端的速度大小为0.8m/s； （2）滑轮组的机械效率为80%； （3）拉力F做功的功率为200W。
【点评】本题考查了速度公式、功率公式、效率公式的应用，关键是利用好两个推导公式：一是绳重、轮与轴的摩擦均可忽略不计时滑轮组的机械效率η=P=Fv。
=
=
；二是功率推导公式
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